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1、电磁感应与交流电测试题1、对电磁感应现象，以下说法中正确的选项是（）A.只要有磁通量穿过电路，电路中就有感应电流B.只要闭合电路在做切割磁感线运动，电路中就有感应电流C.只要穿过闭合电路的磁通量足够大，电路中就有感应电流D.只要穿过闭合电路的磁通量发生变化，电路中就有感应电流2.在纸面内放有一磁铁和一圆线圈（图1）,以下情况中能使线圈中产生感应电流的是（）（）A.将磁铁在纸面内向上平移B.将磁铁在纸面内向右平移11二71C.将磁铁绕垂直纸面的轴转动D.将磁铁的N极转向纸外，S极转向纸内图13.如图7所示，MN是一根固定的通电直导线，电流方向向上.今将一金属线框abed放在M导线上，让线框的位置
2、偏向导线的左边，两者彼此绝缘.当导线中的电流突然增大时，线框a11d一d整体受力情况为（）bjcA.受力向右B.受力向左C.受力向上D.受力为零图74、在沿水平方向的匀强磁场中，有一圆形金属线圈可绕沿其直径的竖直轴自由转动。开始时线圈静止,线圈平面与磁场方向既不平行也不垂直，所成的锐角为a。在磁场开始增强后的一个极短时间内，线圈平面A.维持不动B.将向使a减小的方向转动C.将向使a增大的方向转动D.将转动，因不知磁场方向，不能确定a会增大还是会减小5.如图4所示，在一很大的有界匀强磁场上方有一闭合线圈，当闭合线圈从上方下落穿过磁场的过程中（）A.进入磁场时加速度可能小于g,离开磁场时加速度可能
3、大于g,也可能小于g8 .进入磁场时加速度大于g,离开时小于gOC.线圈进入磁场前和完全进入磁场后的加速度均为g7、如图1所示，一个由导体做成的矩形线圈，以恒定速率V运动，从无场区进入匀强磁场区(磁场宽度大于be间距)，然后出来，假设取逆时针方向为感应电流的正方向，那么图2中正确地表示Fl路中感应电流随时间变化关系的图象是()8、如下图，A、B是两个完全相同的灯泡，B灯与电阻R串联，A灯与自感系数较大的线圈1.串联，其直流电阻忽略不计。电源电压恒定不变，以下说法正确的选项是()A、当电键K闭合时，A比B先亮，然后A熄灭B、当电键K闭合时B比A先亮，最后A比B亮C、当电键K断开时，B先熄灭，A后
4、熄灭D、当电键K断开时，B先闪亮一下然后与A同时熄灭。9 .把一只电热器接到100V的宜流电源上，在f时间内产生的热量为Q,假设将它分别接到S=100SinWV和S=50sin23fV的交变电流电源上，仍要产生热量Q,那么所需时间分别是A.t,2tB.2n81C.2t,2tD.3t10 .某交变电压为=6Jsin314/V,那么()A.用此交变电流作打点计时器的电源时，打点周期为0.02sB.把额定电压为6V的小灯泡接在此电源上，小灯泡正常发光C.把额定电压为6V的小灯泡接在此电源上，小灯泡将烧毁D.耐压6V的电容器不能直接用在此电源上11、如下图，理想变压器的原、副线圈匝数比为1:5,原线圈
5、两端的交变电压为=2()&sinl0()RVA.开关接通后，鼠泡的发光频率为100HZB.开关接通后，电压表的示数为100V氟泡在两端电压到达100V时开始发光，以下说法中正确的有C,开关断开后，电压表的示数变大D.开关断开后，变压器的输出功率不变12.有5个完全相同的灯泡连接在理想变压器的原、副线圈中，如下图.假设将该线路与交流电源接通,且开关S接在位置1时，5个灯泡发光亮度相同；假设将开关S接在位置2时，灯泡均未烧坏.那么以下A.该变压器是降压变压器，原、副线圈匝数比为4：1B.该变压器是升压变压器，原、副线圈匝数比为1：4C.副线圈中的灯泡仍能发光，只是更亮些D.副线圈中的灯泡仍能发光，
6、只是亮度变暗13、如下图，固定位置在同一水平面内的两根平行长直金属导轨的间距为d,其右端接有阻值为的电阻，整个装置处在竖直向上磁感应强度大小为4的匀强磁场中。一质量为加（质量分布均匀）的导体杆助垂直于导轨放置，且与两导轨保持良好接触，杆与导轨之间的动摩擦因数为“现杆在水平向左、垂直于杆的恒力作用下从静止开始沿导轨运动距离/时，速度恰好到达最大（运动过程中杆始终与导轨保持垂直）。设杆接入电路的电阻为八导轨电阻不计，重力加速度大小为小那A.杆的速度最大值为(F-2d2B.流过电阻的电量为BdlR+r么此过程C.恒力”做的功与摩擦力做的功之和等于杆动能的变化量图16D.恒力做的功与安倍力做的功之和大
7、于杆动能的变化量14 .如下图，变压器的原线圈及两个副线圈的匝数比为川：2：“3=4：2：1,所连接的三个灯消耗的电功率相同.那么通过每个灯的电流之比4:Z2：/3=，每个灯的电阻之比为品：&：&二.15 .如下图，把一根条形磁铁从同样高度插到线圈中同样的位置处，第一次快插，第二次慢插，两情况下线圈中产生的感应电动势的大小关系是ElE2;通过线圈截面电量的大小关系是q=16.0.2A4108C17、解析：(1)线框中的电动势E=包=/?SAg=工电流为/=幽rr2IRnklnk2(2)安培力为F=nBI1.=kt岂1.=坦/2R2R18、解析：(1)线圈运动的角速度0=20型必/s,电动势最大值为Em=8OV瞬时值方程e=80sin20加(V)(2)电动势有效值E=半=40,电流为/=也A=*A2324电阻消耗的功率P=I2R=75WQ=I1.25J,q=l411C(0.15s为1.5T,所以磁通量的变化量与0.5T的一样,都是2BS)
