20-概率波习题详解——大物答案详解(上下册)资料文档.docx

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1、习题九一、选择题1 .要使处于基态的氢原子受激发后能发射赖曼系(由激发态跃迁到基态时发射的各谱线组成的谱线系)的最长波长的谱线,至少应向基态氢原子提供的能量是(八)1.5eV;(B)3.4eV;(C)10.2eV;(D)13.6eV。答案:C解:赖曼系的谱线满足公式V=1.=R(I-二)可见,取=2时波长最1n长而提供的能量也最低,即E=y=hcR(*一*)=10.2eV2 .根据玻尔的理论,氢原子在=5轨道上的角动量与在第激发态的轨道角动量之比为(八)5/2;(B)5/3;(05/4;(D)50(答案:A解:玻尔理论中角动量满足公式1.=2,第一激发态,=2。由此可得答案(八)。2113 .

2、下列四组量子数:(1) =3,1=2,叫=0,ms=1/2;(2)/?=3,/=3,nl=tns=1/2;(3) w=3,/=1,网=一1,ms=-1/2;(4)w=3,/=O,ml=O,mx=-1/2,其中可以描述原子中电子状态的1(八)只有(1)和(3);(B)只有(2)和(4);(C)只有(1)、(3)和(4);(D)只有(2)、(3)和(4)。答案:C解:根据氢原子的量子理论和四个量子数(,Z,mlfW5)的取值关系,当=3时,I的可能取值为0,1,2;?的可能取值是Q1.2,s=g,因而(1)(3)和(4)可以描述原子中电子状态,故选项(C)对。4 .将波函数在空间各点的振幅同时增大

3、D倍,则粒子在空间的分布概率将(八)增大D2倍;(B)增大20倍:(C)增大。倍;(D)不变。答案:D解:不变。波函数是概率函数,其模的平方描述粒子/时刻在空间某点出现的概率。而概率是相对值,任意两点1和2之间的概率比值为:M=IMI可见,各点振幅同时增大O倍时概率分布不变。5 .直接证实了电子自旋存在的最早的实验之一是1(八)康普顿实验;(B)斯特恩.格拉赫实验;(C)戴维逊-革末实验;(D)卢瑟福实验。答案:B解:1922年,斯特恩和格拉赫在德国汉堡大学做了一个实验,发现处于S态的银原子射线在非均匀磁场中分裂为两束,该现象用电子绕核运动无法解释,必须引进电子具有自旋的假设。二、填空题1 .

4、在玻尔氢原子理论中,当电子由量子数=5的轨道跃迁到=2的轨道上时,对外辐射光的波长为nm;若再将该电子从=2的轨道跃迁到游离状态,外界需要提供的能量为eV,答案:=434nm;F=3.4eV解:根据玻耳频率跃迁条件得i=;=R(*q),即)252100y1.y1n.7=-:=4.341()m=434nm(52-22)/?211.097107当电子从=2跃迁到游离态,即co,则所需的能量为Af=E00-E2=-E2=3.4eV2 .处于基态的氢原子被能量为12.09eV的光子激发时,其电子的轨道半径为基态轨道半径的倍。答案:9解:基态氢原子能量E=-13.6eV.根据玻尔理论加=纥-&得纥=w+

5、g,即=12.09-13.6=-1.51eV-136此外,氢原子第能级的能量E,1=-4eVn由此得1.51=一彳住,故/=9,=3。rr再由氢原子的半径公式4=9a1知,此时氢原子的半径增加到基态时的9倍。3 .在描述原于内电子状态的量子数,仍中,(1)当k=5时,/的可能值有个,它们是(2)当/=5时,町的可能值有个,它们是;(3)当/=4时,的最小可能值是:(4)当=3时,电子可能状态数为个。答案:(1)5个;/=0,1,2,3,4:(2)9个,g二0,l,2,3,4;(3)5;(4)18。解:(1)/KOSiJn-I共个值。故=5时,/可能取5个值,即/=0,1,2,3,4;出=5,则

6、/=0,123,4,网取0到/共2/+1个值。所以,”的可能取值为9个,它们是町=0,l,2,3,4;(3)因为/的最大可能值为(-1),所以/=4时,的最小可能值是5;(4)电子的可能状态数为2/。所以当=3时,电子的可能状态数为2/=18。4 .能够占据一个d支壳层的最多电子数为个;这些电子的磁量子数叫的值为:自旋量子数叫.的值为O答案:10;0,l,2;lo2解:d支壳层就是/=2的支壳层,最多能容纳的电子数为:Zr=2(2+l)=2(22+l)=10磁量子数取值为0到/,即叫=0,l,2=2:匕32=R-32=R,4,=656.3nm_23J36-5R(3)能级跃迁图如图所示。2 .已

7、知一维运动粒子的波函数为x0x0Aex(x)=式中40,试求:(1)归一化常数A和归一化波函数;(2)该粒子位置坐标的概率分布函数(概率密度)。答案:(1)A=23,2f+(x)=0x0(2)43x2e2xx0x09解:(1)由归一化条件z(x)dr=l,有O2dr2x2e-2dx=2x2e2xdx=-=lJfJoJo43由积分公式J;y2e-bdy=p-=得A=23f21123/2rxrn0x0(2)粒子的概率分布函数为P=(x)2=-43x2e2x003 .一维无限深的方势阱中粒子的定态波函数为也I(X)=w=l,2,.,试求下述两种情况下粒子在尤=0到X=N之间被找到的概率:当(1)粒子

8、处于基态时;(2)粒3子处于=2的状态时。答案:(1)0.19;(2)0.40o解:(1)当粒子处于基态时/、2.兀%K=匕sn7x粒子在X=O到X=-之间被找到的概率为3小城会=9/=0.19(2)当粒子处于=2的激发态时/、回.2乃x=vsm-x粒子在X=O到=之间被找到的概率为3P=2(x)l=-f3sin2-xd=-+-=0.40jl21小a38乃4 .设有一电子在宽为0.2Onm的一维无限深的方势阱中。(1)计算电子在最低能级的能量;(2)当电子处于第一激发态(=2)时,在势阱中何处出现的概率最小,其值为多少?答案:(1)9.43eV;(2)在X=O(即工=0,0.10nm,0.20

9、nm)处概率最小,其值均为零。2解:(1)一维无限深势阱中粒子的可能能量纥=2二,式中。为势阱宽度。当量子数=1时,粒子处于基态,能量最低。因此,电子在最低能级的能量为E=l.5110,8J=9.43eV(2)粒子在无限深方势阱中的波函数为n=l,2,./、I2n11=J-sinx,当它处于第一激发态(=2)时,波函数相应的概率密度函数Ox(x)2=sin2%,aaOxa令如M=0,d-87.211x211xCsincos=0eraa(1)(2)(3)4,(3)角动量1.与Z轴的夹角6=在Ox的范围内讨论可得,当X=Oge与M时,函数M(X)12取得极值。d(2)CI由二0可知,函数在X=O;

10、M(即X=0,0.10nm,0.20nm)处概率最小,其dr2值均为零,即电子不出现在这些位置。5.氢原子中的电子处于=4,/=3的状态。问:该电子角动量1.的值为多少?这角动量1.在z轴的分量有哪些可能的值?角动量1.与Z轴的夹角的可能值为多少?答案:(1)1.=yi2-i2乃(2) 1.Z的可能取值为0,_,2,久;211211211(3) 6分别为30,55。,73。,90。,107,125oJ50。解:(1)w=4,/=3时,电子角动量1.=yl(l+1)=-Jvi211211h(2)轨道角动量在Z轴上的分量上,对于211ml=0,l,2,3,则1.Z的可能取值为0,-,竺,迎;2112112111.m.arccos=arccos=如图所示,当叫分别取3,2,1,0,-1,-幺-3时,相应夹角。分别为30o,55o,73o,90o,107o,l25o,l50o

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